有一个毕业歌，谁知道叫什么？速度_百度知道
有一个毕业歌，谁知道叫什么？速度
感谢亲爱的爸妈~~~~~~~~【最后好像是】感谢~~~，伟大的高山，感谢上天和大地，我们拥有幸福的每一天~
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【感谢【感谢亲爱的爸妈 给我挡风遮雨的家为我做香喷喷的菜饭 陪伴我长大感谢亲爱的老师 教导我无穷尽知识指引人生迷惘方向 陪伴我长大感谢亲爱的朋友 分享生活苦辣酸甜一起探索这浩瀚世界 陪伴我长大感谢路边的小花小草 妆点风景诗篇感谢经过的大风大雨 增加我勇气感谢流动的水 伟大的高山感谢上天和大地我们拥有平安的每一天
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原来是这样，感谢！
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出门在外也不愁谁有那个“假如世界是一个班级”的班级记录？_百度知道
谁有那个“假如世界是一个班级”的班级记录？
回答不要跑偏。
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　　美国——职务：班长。家里有钱，人长得也强壮，学习成绩很好但也爱打架，做事蛮横无理，班里同学一般都不敢顶撞他。　　俄罗斯——职务：副班长。人长得全班最高大，以前经常顶撞美国和美国争班长职位。家里出事后，成绩落后了，做事也有些消沉，不过在班里还有一定影响力。　　英国——职务：学习委员。学习成绩很好，班长的跟屁虫，班长和人打架通常他都回自告奋勇去帮忙。　　法国——职务：文艺委员。英国同桌，学习也很不错，性格比较浪漫，做事有主见，经常看不惯学习委员的所作所为。　　德国——职务：劳动委员（尚未通过班委会通过，代任中）。学习勤奋又比较吃苦耐劳，成绩也很好。上学期打了两次架，结果害得当时的班长——英国今年落选。　　奥地利——职务：音乐课代表。因为有音乐天赋，所以当音乐课代表。　　西班牙——职务：地理课代表。 成绩中上，因为资助过哥伦布发现新大陆，所以当地理课代表。　　瑞士——职务无。班花，学习成绩也不错，不跟别人勾三搭四，很文静很内向。　　阿根廷——体育课代表邻座，不久前和学习委员打架打输了，现在每次体育课就抱着学习委员狂整。　　澳大利亚——职务无。学习中等偏上，管学习委员叫老大，做事没主见，学习委员说一他不敢说二。　　朝鲜——职务无。团支书同桌，学习成绩差，嘴却很硬，经常得罪班长，班长几次扬言要揍他，碍于同桌团支书才没动手。　　印度——职务：计算机课代表。特点看似敦实却不厚道，经常和同桌巴基斯坦吵架。因为爱搞软件，所以当计算机课代表。　　巴基斯坦——职务无。印度同桌,身材不高,成绩也不怎么样,跟团支书关系不错,所以经常和印度顶着干。　　以色列——职务无。成绩不错,但就是看同桌巴勒斯坦不舒服，动不动就凑人家一顿。　　巴勒斯坦——职务无。身材瘦弱，没家庭背景，经常被以色列揍得打落牙齿只能往肚里咽。　　伊拉克——职务无。成绩一般却很霸道，为数不多的和班长对着干的人，两个月前班长和学习委员冲到他家去把他凑个半身不遂，在家躺着50天，结果不吸取教训，上周又被狠狠揍了一顿，失忆中。　　科威特——职务无。伊拉克同桌，以前老被伊拉克欺负，幸好有班长撑腰。　　埃及——职务：历史课代表。成绩平平，家里有金字塔，所以当历史课代表。　　伊朗——职务无。成绩不好，偶尔也顶撞班长。最近家里发生地震，很可怜，班里正准备为他家举行募捐活动。　　阿富汗——职务无。成绩不好，家境贫寒，经常受人欺负。才开学的时候，被副班长打，结果班长帮他付医药费。自从副班长家里出事以后，又被班长欺负。上个月把班长家里最高的家具烧了，结果被K，下场同伊拉克。　　巴西——职务：体育课代表。学习成绩差，家境也不好，老跟班长借钱，又经常欠着不还，因为爱踢足球，所以当体育课代表。　　卢旺达——职务无。来自贫民窟，家里很穷，学习也很差，性格封闭，做事野蛮暴力。　　日本——职务无。以前一直寄居在团支书家生活学习，不过悟性不高，性格偏颇，文学和思想品德课经常不及格，其中思想品德至今补考不及格，并多次偷窃团支书家财务，和其以前的的难友德国形成鲜明对比（现在还念念不忘团支书家的鱼缸）。不过理科成绩优良，一直要求加入班委会。　　中国——职务团支书。不爱说话，幼儿园的时候拿过多次全班第一，初小时身体不好，经常被欺负。进入本学期后，发育迅速，该出手时不含糊，上次班级混战中，和日本打得很激烈。对于日本的思想品德意见很大，估计在其通过补考前，不会同意其加入申请。正义感强烈，曾为了同桌朝鲜和班长大打过一架。………
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1、美国 ：班长，学习好，家里有钱，人高马大，好打架。班里没几个人敢惹他。 和副班长关系不好。
2、俄罗斯 ：副班长，成绩优异，全班最高大，上学期光和班长顶着干。后来家里出事：分家！现在做事很消极，但在班级里有一定的影响力。
3、中国 ：团支书。幼儿园学习成绩很好。小学时由于体质差常被欺负。现在进步神速，武功全班前三甲，班长、副班长都在拉拢他。
4、英国 ：学习委员，学习成绩好。家里也很富。班长的跟屁虫，做事没主见，啥都听班长的。前些天和班长把伊拉克打了一顿。
5、瑞士 ：美术课代表，班花。学习成绩好，清高。
6、奥地利 ：音乐课代表。
7、阿富汗 ：职务无。不爱学习。身材矮小。上学期被副班长打，班长帮忙付医药费。前几天把班长家的最高的两个家具砸了...
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出门在外也不愁求一个整数的二进制中1的个数(转)
&求一个整数的二进制中1的个数 收藏
题目：输入一个整数，求该整数的二进制表达中有多少个1。例如输入10，由于其二进制表示为1010，有两个1，因此输出2。
分析：这是一道很基本的考查位运算的面试题。包括微软在内的很多公司都曾采用过这道题。
一个很基本的想法是，我们先判断整数的最右边一位是不是1。接着把整数右移一位，原来处于右边第二位的数字现在被移到第一位了，再判断是不是1。这样每次
移动一位，直到这个整数变成0为止。现在的问题变成怎样判断一个整数的最右边一位是不是1了。很简单，如果它和整数1作与运算。由于1除了最右边一位以
外，其他所有位都为0。因此如果与运算的结果为1，表示整数的最右边一位是1，否则是0。
得到的代码如下：
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
// Get how many 1s in an integer's binary expression
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
int NumberOf1_Solution1(int i)
int count = 0;
&&&&&&&&&&&
&&&&&&&&&&&&&&&&&
&&&&&&&&&&&
i = i && 1;
可能有读者会问，整数右移一位在数学上是和除以2是等价的。那可不可以把上面的代码中的右移运算符换成除以2呢？答案是最好不要换成除法。因为除法的效率比移位运算要低的多，在实际编程中如果可以应尽可能地用移位运算符代替乘除法。
这个思路当输入i是正数时没有问题，但当输入的i是一个负数时，不但不能得到正确的1的个数，还将导致死循环。以负数0x为例，右移一位
的时候，并不是简单地把最高位的1移到第二位变成0x，而是0xC0000000。这是因为移位前是个负数，仍然要保证移位后是个负数，
因此移位后的最高位会设为1。如果一直做右移运算，最终这个数字就会变成0xFFFFFFFF而陷入死循环。
为了避免死循环，我们可以不右移输入的数字i。首先i和1做与运算，判断i的最低位是不是为1。接着把1左移一位得到2，再和i做与运算，就能判断i的次高位是不是1……这样反复左移，每次都能判断i的其中一位是不是1。基于此，我们得到如下代码：
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
// Get how many 1s in an integer's binary expression
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
int NumberOf1_Solution2(int i)
int count = 0;
unsigned int flag = 1;
while(flag)
&&&&&&&&&&&
if(i & flag)
&&&&&&&&&&&&&&&&&
&&&&&&&&&&&
flag = flag && 1;
另外一种思路是如果一个整数不为0，那么这个整数至少有一位是1。如果我们把这个整数减去1，那么原来处在整数最右边的1就会变成0，原来在1后面的所有
的0都会变成1。其余的所有位将不受到影响。举个例子：一个二进制数1100，从右边数起的第三位是处于最右边的一个1。减去1后，第三位变成0，它后面
的两位0变成1，而前面的1保持不变，因此得到结果是1011。
我们发现减1的结果是把从最右边一个1开始的所有位都取反了。这个时候如果我们再把原来的整数和减去1之后的结果做与运算，从原来整数最右边一个1那一位
开始所有位都会变成0。如00。也就是说，把一个整数减去1，再和原整数做与运算，会把该整数最右边一个1变成0。那么
一个整数的二进制有多少个1，就可以进行多少次这样的操作。
这种思路对应的代码如下：
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
// Get how many 1s in an integer's binary expression
///////////////////////////////////////////////////////////////////////
int NumberOf1_Solution3(int i)
int count = 0;
&&&&&&&&&&&
&&&&&&&&&&&
i = (i - 1) &
扩展：如何用一个语句判断一个整数是不是二的整数次幂？
PS：n&(n-1)==0;//二进制数只有一位位1，则该数是2的整数次幂.
简单查表，相对来说效率也不错。
int countBits(int value){
int count=0;
int bits4[]={0,1,1,2,1,2,2,3,1,2,2,3,2,3,3,4};
while(value!=0){
&&&&&&&&&&&
count+=bits4[value&0xf];
value&&=4;
======================================================
这是一道《编程之美－微软技术面试心得》中的题目，问题描述如下：
对于一个字节(8bit)的变量,求其二进制表示中“1”的个数,要求算法的执行效率尽可能地高。
《编程之美》中给出了五种解法，但是实际上从 Wikipedia 上我们可以找到更优的算法。
这道题的本质相当于求二进制数的 Hamming 权重，或者说是该二进制数与 0 的 Hamming
距离，这两个概念在信息论和编码理论中是相当有名的。在二进制的情况下，它们也经常被叫做 population count 或者
popcount 问题，比如 gcc 中就提供了一个内建函数：
int __builtin_popcount (unsigned int x)
输出整型数二进制中 1 的个数。但是 GCC 的 __builtin_popcount
的实现主要是基于查表法做的，跟编程之美中解法 5 是一样的。Wikipedia
上的解法是基于分治法来做的，构造非常巧妙，通过有限次简单地算术运算就能求得结果，特别适合那些受存储空间限制的算法中使用：
#include &stdio.h&
typedef unsigned int UINT32;
const UINT32 m1& =
const UINT32 m2& =
const UINT32 m4& =
0x0f0f0f0f;& //
const UINT32 m8& =
0x00ff00& //
const UINT32 m16 = 0x0000& //
const UINT32 h01 = 0x;& // the sum
of 256 to the power of 0, 1, 2, 3
int popcount_1(UINT32 x)
& x = (x & m1) + ((x
&& 1) & m1);
& x = (x & m2) + ((x
&& 2) & m2);
& x = (x & m4) + ((x
&& 4) & m4);
& x = (x & m8) + ((x
&& 8) & m8);
& x = (x & m16) + ((x
&& 16) & m16);
int popcount_2(UINT32 x)
& x -= (x &&
m1;&&&&&&&&&&&&
//put count of each 2 bits into those 2 bits
& x = (x & m2) + ((x
&& 2) & m2); //put
count of each 4 bits into those 4 bits
& x = (x + (x
m4;&&&&&&&
//put count of each 8 bits into those 8 bits
& x += x &&
8;&&&&&&&&&&
//put count of each 16 bits into their lowest 8 bits
& x += x &&
16;&&&&&&&&&
//put count of each 32 bits into their lowest 8 bits
& return x & 0x1f;
int popcount_3(UINT32 x)
& x -= (x &&
m1;&&&&&&&&&&&&
//put count of each 2 bits into those 2 bits
& x = (x & m2) + ((x
&& 2) & m2); //put
count of each 4 bits into those 4 bits
& x = (x + (x
m4;&&&&&&&
//put count of each 8 bits into those 8 bits
& return (x * h01)
&& 24;& //
left 8 bits of x + (x&&8) +
int main()
& int i = 0x1ff12ee2;
& printf("i = %d = 0x%x\n", i, i);
& printf("popcount_1(%d) = %d\n", i,
popcount_1(i));
& printf("popcount_2(%d) = %d\n", i,
popcount_2(i));
& printf("popcount_3(%d) = %d\n", i,
popcount_3(i));
& printf("GCC's&
__builtin_popcount(%d) = %d\n", i,&
__builtin_popcount(i));
& return 0;
以上内容来源于
===========================================================
HAKMEM算法：
int Count(unsigned x)
n = (x && 1) &
n = (n && 1) &
x = (x + (x && 3)) &
x = modu(x, 63);&
说明：首先是将二进制各位三个一组，求出每组中1的个数，然后相邻两组归并，得到六个一组的1的个数，最后很巧妙的用除63取余得到了结果。
因为2^6 = 64，也就是说 x_0 + x_1 * 64 + x_2 * 64 * 64 = x_0 + x_1 + x_2
(mod 63)，这里的等号表示同余。
这个程序只需要十条左右指令，而且不访存，速度很快
本文来自CSDN博客，转载请标明出处：
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以上网友发言只代表其个人观点，不代表新浪网的观点或立场。谁知道一个高中生毕业刚考上大学的学生，如果是入党积极分子的话，党关系的档案袋里都应该有什么？_百度知道
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